安徽省十校2016年联考中考物理五模试卷一、填空题1方寸之间蕴含历史情怀，9月3日，是中国人民***战争暨世界反***战争胜利70周年纪念日这一天，国家邮政局发行了“***战争暨世界反***战争70周年”纪念邮票，如图是其中的一枚邮票其长度为_cm2小明家阳台上有一个连体花瓶，如图所示，只要在任何一只花瓶中倒入水，三个花瓶中的水位都会相平，这种花瓶实质上是一种_，在客厅里也能闻到阳台上的花香，这说明组成物质的分子在不停的_3五一期间，合宁高速上，前后有质量相同的两汽车A、B在行驶，A车出了故障，因为B汽车的速度大，_大，撞到汽车A，致使A车发生严重的变形4音乐会上，演员正在吹奏笛子，笛子发声是因为_在振动，吹奏过程中，演员不断调整手指在笛子上的按压位置是为了改变声音的_5如图所示，一块长方体橡皮在3N推力的作用下做匀速滑动，对桌面的压强为1200pa，若沿ab竖直向下，切去右边三分之一，现用力推剩余部分仍在原桌面上使它匀速滑动10cm，则此推力大小为_，桌面受到的压强大小为_6如图所示，密度为0/6103kg/m3、边长为10cm的正方体木块静止在某液体的表面上时，刚好有一半的体积露出液面，则液体的密度为_kg/m3，此时木块的下表面受到液体向上的压力为_N7在如图所示的电路中电源电压保持不变，闭合电键S后，当滑片P移至右端时电流表A1示数与电流表A示数的比值为m，当滑片P置于中点时，用Rx代替R2，此时电流表A1示数与电流表A示数的比值为n，当m=n时则Rx_R2（选填“大于”、“等于”、“小于”）8将灯泡L1（2V，2W）和L2（2V，1W）串联在某电源上，不考虑温度对灯丝电阻的影响，若要使其中的一只灯泡正常发光，另一只灯泡不被烧坏，则电源电压应为_V9如图所示是一款智能玩具，玩具由圆柱形机身和两个轮子组成，用户可以通过手机蓝牙对它进行控制，并完成前进、转弯、翻滚、跳跃等动作，其内部结构中有一个电动机，电动机是利用_的原理制成的，若想让玩具车的两个轮子转动的更快，请你说出合理的做法_（写出一种即可）10图中ABO可看成杠杆O为支点，请在图中画出该杠杆的动力臂和物体重力的示意图二、选择题11“全碳气凝胶”取名“碳海绵”“碳海绵”最髙能承受1400的髙温，是世界上最轻的材料之一，其构造类似于“海绵”，可任意调节形状，弹性也很好，非常坚固耐用把这种材料制成的物体放在一个麦穗上，麦穗的麦芒几乎没变形（如图所示）下面关于“碳海绵”的说法不正确的是（）A单纯的气凝胶具有很强的导热性B“碳海绵”密度小，做成隔音板，它的吸声效果很好C气凝胶制成的网球拍击球的能力会更强D宇航员可以穿上用它制造的宇航服12如图所示是一种家用挂烫机，接通电源后水槽中的水被加热，形成的水蒸气通过弯曲导气管从喷头喷出，快速除去服装上的褶皱，使用方便下列关于挂烫机的说法中正确的是（）A挂烫机处于静止状态，是由于杠杆平衡B挂烫机属于小功率电器，采用两孔插座即可C使用时手应远离喷头，是防止水汽化时将手烫伤D水蒸气冲击衣服时，衣服上的灰尘会落下，是由于惯性的缘故13妙趣横生的动物世界蕴涵着丰富的物理知识，下列说法中的不正确的是（）A鸭子的脚掌又扁又平，可以减小压强，从而在松软的烂泥地上行走自如B鱼要下沉时就吐出鱼鳔内的空气，减小自身排开水的体积而使浮力变小C壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，从而利用大气压使其在墙壁上爬行也不会掉下来D泥鳅体表的黏液可以减小摩擦力，从而泥鳅在泥中运动不需动力14歼20是成都飞机工业集团为中国人民***军研制的最新一代双发重型***战斗机，如图为歼20的雄姿，则下列说法中正确的是（）A歼20具有隐身功能，是因为它能吸收所有可见光B歼20在加速俯冲时，是以天空为参照物C歼20在空中加速俯冲投弹时，重力势能减小D歼20在空中匀速飞行时，可能不受力15涡轮增压发动机能使发动机在工作效率不变的情况下增加输出功率，增加的涡轮增压器通过压缩更多的空气进入汽缸来增加燃料量，从而提高燃烧做功能力根据上述信息，下列说法中正确的是（）A涡轮增压器可以提高燃油的热值B涡轮增压发动机的做功冲程所做功不等于力与距离的乘积C涡轮增压发动机选择水散热是利用水的比热容大的原理D涡轮增压器压缩气体时对气体做功，气体的内能不一定变大16如图显示某汽车起动电动机的电路当起动器开关闭合时，有细小电流通过器件X，接着有强大电流通过电动机，并将电动机启动请你根据所学知识想一想，X可能是哪一种器件？（）A灵敏电流计B电磁继电器C电动机D发电机17如图为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图电源电压恒为6V，定值电阻R=10，R0为湿敏电阻，R0随环境湿度的增加而减少，R0的阻值范围为1020，电压表接入电路的量程为03V，电流表接入电路的量程为00/6A闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两表安全的情况下，下列说***确的是（）AR0两端的电压变大B电压表示数与电流表示数的比值变大C经过R0的最大电流为0/5AD电阻R消耗的功率范围为0/4W0/9W三、实验题（第18小题5分，第19小题6分，第20小题9分，共20分）18小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，凸透镜的位置固定不动，实验操作规范在图示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像（1）这个像的成像原理与_（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）相同若将蜡烛向右移动少许，则应将光屏向_（选填“左”或“右”）移动才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比刚才的像要_些（2）再在凸透镜左侧附近放置一凹透镜（图中未画出），这时需要将光屏向_（选填“左”或“右”）移动才能在光屏上成清晰的像（3）为了粗测凸透镜的焦距，小明上午第二节课下课后，将凸透镜与水平地面平行放置，调节凸透镜到地面的距离，直至地面上出现一个最小的亮点，小明认为此点就是凸透镜焦点的位置旁边的同学却告诉他，这个亮点不是凸透镜的焦点位置，其理由是：_19如图所示，是测量滑轮组机械效率的实验装置（1）用弹簧测力计竖直向上_拉动重为6N的钩码，由图示可知拉力大小为_N，该滑轮组的机械效率是_（结果保留到0/1%），由于在拉动过程读数不方便，于是停下来读取拉力大小，这会使效率偏_（2）提高机械效率的主要办法是改进结构，使它更轻巧若如图装置中动滑轮的重为G1，用它提升一重物，滑轮组的机械效率为60%；改用一个轻质材料制作的重为G2的动滑轮后，再提升同一重物，滑轮组的机械效率提高到了90%，则G2与G1之比为_（不计绳重及各处的摩擦），此时除了减轻动滑轮重力，提高滑轮组机械效率的方法还有_20如图是小明研究小灯泡电阻的实验电路图，电源电压为12V，图乙是根据实验数据绘出的UI图小灯泡标有额定电压不清，滑动变阻器R标有“50 1A”字样（1）闭合开关前，小明应将滑动变阻器的滑片移到_端（2）小明闭合开关后发现灯不亮，为了验证小灯泡是否烧坏，较为合理的做法是_（“更换小灯泡”或“移动滑片”），如果灯泡两端电压表有示数，电流表一直无示数，原因是_（3）小明测得小灯泡在2V、4V、5V、6V、8V、10V电压下的电阻，计算平均值，再根据图象，找出该电阻值对应的电压，从而得出小灯泡的额定电压，这种方法_（选填“正确”或“错误”）（4）同桌小华想测一个1000左右的定值电阻，用小明的电路，却无法测出来，原因是_小华又设计另一实验电路图（如图丁），将滑片移到b点，测出电压为Ux，则被测电阻值的大小为_，电功率大小为_（用题中已知量表示）考虑到代表内阻，被测电阻值偏_；原因是_四、计算与推导题（第21小题7分，第22小题8分，第23小题8分，共23分；解答和论证要有必要的公式、步骤、解答过程，包括必要的文字说明只有最后答案的不能得分）21假设汽车在水平公路上行驶时所受的阻力f与速度v平方成正比，即f=kv2汽车的输出功率为P且保持不变（1）汽车在行驶过程中牵引力F与其所受阻力f满足什么关系时，汽车速度最大？并简述理由（2）试推导：汽车运动的最大速度为v=22实验室中的电压表一般是由小量程的电流计G与某一电阻串联后改装而成，如图甲所示，在测量中电压表的示数即为其两端的电压（1）在图甲的电路中，若电流计的满偏电流Ig=1mA，线圈电阻Rg=100，把它改装成满偏电压U=10V的电压表，则需要串联的电阻R0为多少？（2）若将另一量程的电压表接入如图乙所示电路电源电压保持不变，电源内阻不计，闭合开关后，调节电阻R的阻值为3000时，电压表示数为4V；调节电阻R的阻值为6000时，电压表示数为3V，求电压表的内部电阻Rv和电源的电压；（3）一般情况下，当电压表和一个阻值较小的用电器串联在电源两端时，电压表的示数都非常接近电源电压，请根据图乙的电路通过理论推导解释上述现象23小明家有一辆混合动力汽车，它有两种动力系统汽车加速，汽油机提供的动力不足时，蓄电池的电能转化为动能，使汽车加速更快；汽车减速，汽车动能转化为电能，由蓄电池贮存起来，减少能量的浪费两种动力系统就也可以***工作，只有汽油机工作时，与一般的汽车相同；只使用电力时，由电动机提供动力如表是小明家的混合动力汽车蓄电池的铭牌，其中电池容量是蓄电池贮存的最大电能求：电池容量50kWh输入电压220V输入功率5000W（1）在家庭电路中对放电完毕的蓄电池充满电要多长时间？（2）若仅由汽油机提供动力，假设一箱汽油完全燃烧放出的热量的30%与蓄电池储存的最大能量相当，汽车一箱油是多少升？（汽油的热值为3/0107J/L）2016年安徽省十校联考中考物理五模试卷参考答案与试题解析一、填空题1方寸之间蕴含历史情怀，9月3日，是中国人民***战争暨世界反***战争胜利70周年纪念日这一天，国家邮政局发行了“***战争暨世界反***战争70周年”纪念邮票，如图是其中的一枚邮票其长度为6/00cm【考点】长度的测量【分析】使用刻度尺时要明确其分度值，使有刻度的一边紧靠被测物体，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位【解答】解：刻度尺的分度值为1mm；邮票左侧与0刻度线对齐，右侧与6/00cm刻度线对齐，所以邮票的长度为L=6/00cm故答案为：6/00【点评】此题考查的是刻度尺的使用和读数，在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法2小明家阳台上有一个连体花瓶，如图所示，只要在任何一只花瓶中倒入水，三个花瓶中的水位都会相平，这种花瓶实质上是一种连通器，在客厅里也能闻到阳台上的花香，这说明组成物质的分子在不停的做无规则运动【考点】连通器原理；分子的热运动【分析】（1）上端开口、底部相连通的容器；连通器特点是：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上；（2）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动【解答】解：（1）读图可知，三个连体的花瓶构成一个连通器，由于连通器中的同一种液体，在不流动时，液面要保持相平，故浇水时只要给其中一个花瓶浇水就可以到达另外两个（2）在客厅里也能闻到阳台上的花香，这属于扩散现象，这说明组成物质的分子在不停地做无规则的运动故答案为：连通器；做无规则运动【点评】本题考查了连通器的原理及应用、分子无规则运动的现象，属基础知识的考查，难度不大3五一期间，合宁高速上，前后有质量相同的两汽车A、B在行驶，A车出了故障，因为B汽车的速度大，动能大，撞到汽车A，致使A车发生严重的变形【考点】动能的影响因素【分析】动能的影响因素有两个：质量、速度【解答】解：当B汽车的质量一定时，速度大则动能大，撞击时做的功就多，所以撞击后果就更严重，致使A车发生严重的变形故答案为：动能【点评】首先要掌握动能的两条影响因素，质量和速度越大其动能越大，其次要知道动能越大有能力做的功就越多4音乐会上，演员正在吹奏笛子，笛子发声是因为空气柱在振动，吹奏过程中，演员不断调整手指在笛子上的按压位置是为了改变声音的音调【考点】声音的产生；频率及音调的关系【分析】（1）声音是由于物体振动产生的笛子发声，是由于笛子中的空气柱振动而产生的声音；（2）声音的音调是由发声体振动的频率决定的【解答】解：声音是物体振动产生的，笛子发声是因为空气柱在振动；吹奏过程中，演员不断调整手指在笛子上的按压位置是通过改变振动的空气中的长度来改变振动的频率，所以音调会发生变化故答案为：空气柱；音调【点评】此题考查的是声音的产生、解决此类问题要结合频率与音调的关系分析解答，是一道声学的基础题5如图所示，一块长方体橡皮在3N推力的作用下做匀速滑动，对桌面的压强为1200pa，若沿ab竖直向下，切去右边三分之一，现用力推剩余部分仍在原桌面上使它匀速滑动10cm，则此推力大小为2N，桌面受到的压强大小为1200pa【考点】二力平衡条件的应用；压强的大小及其计算【分析】（1）已知橡皮做匀速运动，根据二力平衡可知推力等于摩擦力；滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，且接触面粗糙程度一定时，压力越小，摩擦力越小；（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据压强公式、重力公式、密度公式和体积公式得出长方体橡皮对水平面压强的表达式，然后判断沿ab竖直向下切去右边时压强的变化【解答】解：（1）橡皮做匀速直线运动，橡皮受到平衡力作用，所以摩擦力等于推力，f=F=3N；将橡皮沿ab竖直向下、切去右边三分之一后，橡皮对桌面的压力变为原来的，因滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，在此过程中，接触面的粗糙程度不变，压力变为用来的，所以摩擦力变为原来的，即f=f=3N=2N；（2）长方体橡皮对水平面的压强：p=gh，若沿ab竖直向下切去右边，橡皮的密度和高度不变，则橡皮对桌面的压强不变，仍然为1200pa故答案为：2N；1200Pa【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、压强大小和滑动摩擦力大小的比较，明白影响它们大小的因素是解题的关键6如图所示，密度为0/6103kg/m3、边长为10cm的正方体木块静止在某液体的表面上时，刚好有一半的体积露出液面，则液体的密度为1/2103kg/m3，此时木块的下表面受到液体向上的压力为6N【考点】物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理【分析】根据物体漂浮时浮力与重力相等的关系，得出液体的密度大小；根据浮力产生的原因，物体所受的浮力等于上下表面所受的压力差，从而可知下表面所受的压力等于木块受的浮力等于木块的重力【解答】解：由题意知，木块漂浮，则：F浮=G液gV=木gV则液=2木=20/6103kg/m3=1/2103kg/m3；由于木块漂浮，所以下表面所受压力F=F浮=G=mg=木gV=0/6103kg/m310N/kg（0/1m）3=6N故答案为：1/2103；6【点评】本题是有关浮力的知识，考查了物体浮沉条件的应用及阿基米德原理，熟练掌握密度的有关公式也是关键7在如图所示的电路中电源电压保持不变，闭合电键S后，当滑片P移至右端时电流表A1示数与电流表A示数的比值为m，当滑片P置于中点时，用Rx代替R2，此时电流表A1示数与电流表A示数的比值为n，当m=n时则Rx小于R2（选填“大于”、“等于”、“小于”）【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流根据并联电路中各支路***工作、互不影响可知通过R2支路的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步判断电流表A1示数与电流表A示数的比值变化，进一步确定R2支路电路的变化，然后根据欧姆定律确定需要替换电阻阻值的大小变化【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流并联电路中各支路***工作、互不影响，滑片移动时，通过R2支路的电流不变，滑动变阻器R1的滑片P由右端向中点移动时，R1接入电路中的电阻变小，根据I=可知，该支路的电流变大，即电流表A1的示数变大，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路的电流变大，即电流表A的示数变大；电流表A1示数与电流表A示数的比值： = ，当滑片P由右端移至中点时，R1阻值变小，R1支路的电流I1增大，两电流表示数的比值将增大；要使比值跟原先滑片P在右端时的比值一致，根据式可知，则应增大R2支路的电流I2，根据欧姆定律可知，应减小R2的阻值，即需要用阻值小于R2的电阻RX来替换R2，即RXR2故答案为：小于【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会根据并联电路的电流特点判断两电表示数变化时各支路的电流关系，然后判断电阻的变化8将灯泡L1（2V，2W）和L2（2V，1W）串联在某电源上，不考虑温度对灯丝电阻的影响，若要使其中的一只灯泡正常发光，另一只灯泡不被烧坏，则电源电压应为3V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据P=UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；根据串联电路的电流特点确定电路中的最大电流；（2）根据U=IR求出电源电压的最大值【解答】解：（1）根据P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=1A，I2=0/5A，由于串联电路中各处的电流相等，所以电路中的最大电流I=I2=0/5A；（2）根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：R1=2，R2=4；因为串联电路中总电压各串联电压之和，所以根据I=，电路中的最大电压：U=IR=I2（R1+R2）=0/5A（2+4）=3V故答案为：3【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流的较小值9如图所示是一款智能玩具，玩具由圆柱形机身和两个轮子组成，用户可以通过手机蓝牙对它进行控制，并完成前进、转弯、翻滚、跳跃等动作，其内部结构中有一个电动机，电动机是利用通电线圈在磁场中由于受力而转动的原理制成的，若想让玩具车的两个轮子转动的更快，请你说出合理的做法增大线圈中的电压或换用磁性更强的磁体（写出一种即可）【考点】磁场对通电导线的作用【分析】电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的理制成的，转动的速度与电流大小和磁场强度有关【解答】解：电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的道理制成的；电源电压增大、电流增大、它的转速变快，增强磁场也可以使它的转速变快故答案为：通电线圈在磁场中由于受力而转动；增大线圈中的电压或换用磁性更强的磁体【点评】本题考查电动机原理及转速快慢的影响因素10图中ABO可看成杠杆O为支点，请在图中画出该杠杆的动力臂和物体重力的示意图【考点】力臂的画法；重力示意图【分析】明确图中杠杆的支点、动力，然后根据力臂是从支点到力的作用线的距离作出动力臂根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力作出物体所受重力示意图【解答】解：在图中，动力指的是作用在杠杆上的力，而不是通过定滑轮的力为动力过支点O作动力作用线的垂线段；过物体重心沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示，即为其所受重力示意图如图所示：【点评】此题考查了重力的示意图和力臂的画法画力臂关键是要作出支点到力的作用线的垂线段二、选择题11“全碳气凝胶”取名“碳海绵”“碳海绵”最髙能承受1400的髙温，是世界上最轻的材料之一，其构造类似于“海绵”，可任意调节形状，弹性也很好，非常坚固耐用把这种材料制成的物体放在一个麦穗上，麦穗的麦芒几乎没变形（如图所示）下面关于“碳海绵”的说法不正确的是（）A单纯的气凝胶具有很强的导热性B“碳海绵”密度小，做成隔音板，它的吸声效果很好C气凝胶制成的网球拍击球的能力会更强D宇航员可以穿上用它制造的宇航服【考点】物理常识【分析】根据题意，用石墨烯（石墨烯由石墨制成），制造出了一种超轻物质，取名“碳海绵”，也是目前吸油力最强的材料，据此结合碳单质的物理性质与化学性质进行分析判断即可【解答】解：A、气凝胶最高能承受1400的高温，说明具有很强的绝热性，不是有很强的导热性，故A错误；B、碳海绵内部有很多孔隙，充满空气，具有良好的隔音、吸声效果，故B正确；C、因为气凝胶耐磨且富有弹性，用气凝胶制成的网球拍，一定击球的能力会更强，故C正确；D、因气凝胶非常坚固耐用，用它制造的宇航服，宇航员可以穿上它，故D正确故选：A【点评】本题难度不大，物质的性质决定物质的用途，理解题意、掌握常见碳单质的性质并能灵活运用是正确解答本题的关键12如图所示是一种家用挂烫机，接通电源后水槽中的水被加热，形成的水蒸气通过弯曲导气管从喷头喷出，快速除去服装上的褶皱，使用方便下列关于挂烫机的说法中正确的是（）A挂烫机处于静止状态，是由于杠杆平衡B挂烫机属于小功率电器，采用两孔插座即可C使用时手应远离喷头，是防止水汽化时将手烫伤D水蒸气冲击衣服时，衣服上的灰尘会落下，是由于惯性的缘故【考点】惯性；液化及液化现象；杠杆的应用【分析】（1）静止属于平衡状态，此时所受的力是平衡力；（2）对于这种用电器，从安全的较多应该选用三孔插座；（3）物质有气态变为液态称为液化，液化是放热的；（4）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性；【解答】解：A、挂烫机处于静止状态，是由于此时的重力和支持力是一对平衡力，大小相等，故A错误；B、对于挂烫机这种用电器，从安全的较多应该选用三孔插座，故B错误；C、用时手应远离喷头，是防止水蒸汽液化时将手烫伤，故C错误；D、水蒸气冲击衣服时，衣服和灰尘一起运动，当运动到一定程度后，衣服运动停止，而灰尘由于惯性，继续运动，所以灰尘会落下，故D正确；故选D【点评】此题考查了平衡状态的判断、三孔插座的应用、液化的理解和惯性的理解，是一道综合题13妙趣横生的动物世界蕴涵着丰富的物理知识，下列说法中的不正确的是（）A鸭子的脚掌又扁又平，可以减小压强，从而在松软的烂泥地上行走自如B鱼要下沉时就吐出鱼鳔内的空气，减小自身排开水的体积而使浮力变小C壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，从而利用大气压使其在墙壁上爬行也不会掉下来D泥鳅体表的黏液可以减小摩擦力，从而泥鳅在泥中运动不需动力【考点】减小压强的方法及其应用；增大或减小摩擦的方法；大气压的综合应用；浮力的利用【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；（2）利用阿基米德原理和物体的浮沉条件分析判断；（3）利用大气压的作用分析判断；（4）摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，压力越小，接触面越光滑，摩擦力越小【解答】解：A、鸭子的脚掌又扁又平，是通过增大受力面积来减小对地面的压强，实现在松软的烂泥地上行走自如，故A正确；B、鱼吐出鱼鳔内的空气，减小自身排开水的体积而使受到的浮力变小，当鱼受到的浮力小于自重时，就下沉，故B正确；C、壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，当挤压时，排出里面的空气，大气压将脚掌压在墙壁上，使壁虎在墙壁上爬行也不会掉下来，故C正确；D、泥鳅的体表有层黏液，使其表面光滑，可减小摩擦，但只要有摩擦力，运动时就必须有动力故D错误故选D【点评】本题考查了学生利用所学知识分析解释实际现象的能力，在平时学习物理的过程中，要多联系生活实际，多积累，提高分析能力14歼20是成都飞机工业集团为中国人民***军研制的最新一代双发重型***战斗机，如图为歼20的雄姿，则下列说法中正确的是（）A歼20具有隐身功能，是因为它能吸收所有可见光B歼20在加速俯冲时，是以天空为参照物C歼20在空中加速俯冲投弹时，重力势能减小D歼20在空中匀速飞行时，可能不受力【考点】参照物及其选择；力与运动的关系；动能和势能的大小变化【分析】（1）雷达是通过发射和接收电磁波来发现飞机的，据此分析判断；（2）判断一个物体是运动的还是静止的主要取决于所选的参照物；（3）重力势能的影响因素是质量和高度；（4）地球周围的一切物体都受到重力的作用，浸在气体中的物体受到气体的浮力【解答】解：A、歼20具有隐身功能，是因为雷达发出的电磁波会被它表面吸收，而不是它能吸收所有可见光，故A错误；B、歼20在加速俯冲时，与地面的距离越来越小，是以地面为参照物的，故B错误；C、歼20在空中加速俯冲投弹时，质量变小，高度变小，所以重力势能减小，故C正确；D、歼20在空中匀速飞行时，要受到重力和空气的浮力，故D错误故选C【点评】此题是一道力学综合题，考查了“***”战斗机的原理、运动和静止的相对性、机械能的影响因素、重力的存在，考查的知识点较多，难度不大，熟练掌握基本规律是解答的关键15涡轮增压发动机能使发动机在工作效率不变的情况下增加输出功率，增加的涡轮增压器通过压缩更多的空气进入汽缸来增加燃料量，从而提高燃烧做功能力根据上述信息，下列说法中正确的是（）A涡轮增压器可以提高燃油的热值B涡轮增压发动机的做功冲程所做功不等于力与距离的乘积C涡轮增压发动机选择水散热是利用水的比热容大的原理D涡轮增压器压缩气体时对气体做功，气体的内能不一定变大【考点】水的比热容的特点及应用；热机【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值；热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；（2）功等于力和沿力的方向的距离的乘积；（3）比热容是物质的一种性质，它反映了这种物质吸热能力的强弱，比热容大的物质在质量相同、升温相同的情况下，其吸收的热量会更多生活中水的比热容是常见物质中最大的，因此，常被用做传热介质或***剂等；（4）对物体做功，机械能转化为内能，物体的内能增大【解答】解：A、热值大小只与燃料的种类有关，与燃料是否容易燃烧、燃料的燃烧情况无关，故A错误；B、功等于力和沿力的方向的距离的乘积，故涡轮增压发动机的做功冲程所做功等于力与距离的乘积，故B错误；C、汽车的发动机用循环流动的水来***，是利用了水的比热容大，相同情况，水能吸收更多的热量，故C正确；D、涡轮增压器压缩气体时对气体做功，气体的内能一定变大，故D错误故选C【点评】本题为热学综合题，考查了学生对水比热容大的应用、热机工作时的能量转化和热值概念的了解与掌握，知识点多，判断时，要灵活运用所学知识16如图显示某汽车起动电动机的电路当起动器开关闭合时，有细小电流通过器件X，接着有强大电流通过电动机，并将电动机启动请你根据所学知识想一想，X可能是哪一种器件？（）A灵敏电流计B电磁继电器C电动机D发电机【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【分析】根据题目中告诉的信息：细小电流通过器件X，接着有强大电流通过电动机；可以确定电动机的工作与否是受X控制的利用一个电路来控制另一个电路，由此可以联想到电磁继电器【解答】解：电磁继电器的实质是一个间接开关利用它可以实现自动控制、远距离控制；还可以利用低电压、弱电流的电路来控制高电压、强电流的电路这与题目中提到的信息相吻合，由此联想到电路中的元件是电磁继电器故选B【点评】将电磁继电器的实质与题目中的信息联系起来是解决此题的关键17如图为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图电源电压恒为6V，定值电阻R=10，R0为湿敏电阻，R0随环境湿度的增加而减少，R0的阻值范围为1020，电压表接入电路的量程为03V，电流表接入电路的量程为00/6A闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两表安全的情况下，下列说***确的是（）AR0两端的电压变大B电压表示数与电流表示数的比值变大C经过R0的最大电流为0/5AD电阻R消耗的功率范围为0/4W0/9W【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析；电功率的计算【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当环境的湿度增加时，R0随环境湿度的增加而减少，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压变化，由欧姆定律结合R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化；（2）当R0=10时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大即经过R0的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出最大电流，根据P=I2R求出R消耗的电功率；当R0=20时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出最小电流，根据P=I2R求出R消耗的最小电功率【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当环境的湿度增加时，因R0随环境湿度的增加而减小，所以电路中的总电阻减小，由I=可知，电路中的电流增大由U=IR可知，R两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R0两端的电压变小，故A错误；由R=可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误；（2）当R0=10时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，经过R0的电流最大，I大=0/3A，故C错误；R消耗的最大电功率：PR大=（I大）2R=（0/3A）210=0/9W，当R0大=20时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流：I小=0/2A，R消耗的最小电功率：PR小=（I小）2R=（0/2A）210=0/4W，所以，电阻R消耗的功率范围为0/4W0/9W，故D正确故选D【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，要注意电路中最大电流和最小电流的判断三、实验题（第18小题5分，第19小题6分，第20小题9分，共20分）18小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，凸透镜的位置固定不动，实验操作规范在图示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像（1）这个像的成像原理与照相机（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）相同若将蜡烛向右移动少许，则应将光屏向右（选填“左”或“右”）移动才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比刚才的像要大些（2）再在凸透镜左侧附近放置一凹透镜（图中未画出），这时需要将光屏向右（选填“左”或“右”）移动才能在光屏上成清晰的像（3）为了粗测凸透镜的焦距，小明上午第二节课下课后，将凸透镜与水平地面平行放置，调节凸透镜到地面的距离，直至地面上出现一个最小的亮点，小明认为此点就是凸透镜焦点的位置旁边的同学却告诉他，这个亮点不是凸透镜的焦点位置，其理由是：凸透镜没有正对太阳光放置（太阳光没有平行于主光轴入射到凸透镜上）【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系，能判断凸透镜的成像情况：物距大于像距，成倒立、缩小的实像；物距等于像距，成倒立、等大的实像；物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪或幻灯机（2）当凹透镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方（3）平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可【解答】解：（1）物体到凸透镜的距离是物距，像到凸透镜的距离是像距如图，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的当凸透镜的位置不变时，只向右移动蜡烛，要使光屏上再次出现一个明亮清晰的像，可以向右移动光屏，才能再一次成像，并且此时的像比刚才的像大（2）凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜（3）太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点所以把光屏置于另一侧，改变光屏与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点测出光斑到凸透镜的距离，便是焦距故答案为：（1）照相机； 右； 大；（2）右； （3）凸透镜没有正对太阳光放置（太阳光没有平行于主光轴入射到凸透镜上）【点评】掌握凸透镜成像的两种判断方法：根据物距和焦距的关系，根据物距和像距的关系本题涉及到的知识点很多，有焦点、焦距、凸透镜的会聚作用、凹透镜的发散作用、近视眼的原因和矫正等，综合性很强，使试题具有一定的难度19如图所示，是测量滑轮组机械效率的实验装置（1）用弹簧测力计竖直向上匀速拉动重为6N的钩码，由图示可知拉力大小为2/4N，该滑轮组的机械效率是83/3%（结果保留到0/1%），由于在拉动过程读数不方便，于是停下来读取拉力大小，这会使效率偏高（2）提高机械效率的主要办法是改进结构，使它更轻巧若如图装置中动滑轮的重为G1，用它提升一重物，滑轮组的机械效率为60%；改用一个轻质材料制作的重为G2的动滑轮后，再提升同一重物，滑轮组的机械效率提高到了90%，则G2与G1之比为1：6（不计绳重及各处的摩擦），此时除了减轻动滑轮重力，提高滑轮组机械效率的方法还有增大物重【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）测量过程中需竖直向上匀速拉动测力计；根据图确定测力计的分度值，读出拉力F；根据公式=计算滑轮组的机械效率，其中s=nh；静止时，拉力克服物重及动滑轮重，拉动时，拉力除了克服物重和动滑轮重外，还需克服摩擦力（2）使用一个重力为G1的动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组匀速提升一个重物G，设把重物G提起h，求出有用功和总功，根据机械效率公式求出动滑轮的重和物重的关系；同理求出用动滑轮G2和一个定滑轮组成的滑轮组匀速提升重物G时，求出有用功和总功，根据机械效率公式求出动滑轮的重和物重的关系；得到的两个式子求比求出新动滑轮的重力是原来动滑轮的重力的倍数；根据滑轮组的机械效率为：=进行分析【解答】解：（1）实验过程中必须竖直向上匀速拉动弹簧测力计；由图知，测力计的分度值为0/2N，示数为2/4N；由图知，滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h，则滑轮组的机械效率：=100%83/3%；物体静止时弹簧测力计示数不必克服摩擦力，所以计算的额外功偏小，机械效率偏高；（2）使用一个重力为G1的动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组匀速提升一个重物G，设把重物G提起h，此时滑轮组的机械效率为：=，所以，60%=，所以，G1=G；同理使用一个重力为G2的动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组匀速提升一个重物G，设把重物G提起h，此时滑轮组的机械效率为：90%=，所以，G2=G；所以=；根据滑轮组的机械效率公式：=可知，在G动一定时，G越大，效率越高故答案为：（1）匀速；2/4；83/3%；高；（2）1：6；增大物重【点评】本题是有关滑轮组的测量实验，主要考查了实验中应注意的问题、测力计的读数及机械效率的计算，对于机械效率的问题，已知机械效率或要求出机械效率，要根据机械效率的公式列出等式，进行求解20如图是小明研究小灯泡电阻的实验电路图，电源电压为12V，图乙是根据实验数据绘出的UI图小灯泡标有额定电压不清，滑动变阻器R标有“50 1A”字样（1）闭合开关前，小明应将滑动变阻器的滑片移到b端（2）小明闭合开关后发现灯不亮，为了验证小灯泡是否烧坏，较为合理的做法是移动滑片（“更换小灯泡”或“移动滑片”），如果灯泡两端电压表有示数，电流表一直无示数，原因是灯泡断路（3）小明测得小灯泡在2V、4V、5V、6V、8V、10V电压下的电阻，计算平均值，再根据图象，找出该电阻值对应的电压，从而得出小灯泡的额定电压，这种方法错误（选填“正确”或“错误”）（4）同桌小华想测一个1000左右的定值电阻，用小明的电路，却无法测出来，原因是电流小于电流表的最小分度值小华又设计另一实验电路图（如图丁），将滑片移到b点，测出电压为Ux，则被测电阻值的大小为Rx=；，电功率大小为（用题中已知量表示）考虑到代表内阻，被测电阻值偏小；原因是计算出电流略大于电阻Rx的电流【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器处于最大阻值处，保护电路（2）正确操作并闭合开关后，发现小灯泡不亮，为了验证小灯泡是否烧坏，接下来减小滑动变阻器接入电路的电阻，看灯泡是否发光灯不亮的故障可能是灯泡断路或短路灯泡短路，电路电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表测导线电压，示数为0灯泡断路，电路断路，电路无电流，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压（3）导体电阻大小跟导体长度、横截面积、材料、温度有关；灯丝电阻受温度影响较大，定值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑；（4）根据I=计算出电流在和电流表的分度值比较，根据串联电路电流的特点算出电阻和功率，考虑电表内阻分析偏差和原因【解答】解：（1）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器处于最大阻值处即b端；（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，为了验证小灯泡是否烧坏，接下来减小滑动变阻器接入电路的电阻，看灯泡是否发光；若电流表无示数，则为断路，电压表有示数，说明电压表与电源相连，故灯泡断路；（3）灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均值代表灯丝电阻无意义，小明同学忽略了温度对电阻的影响；（4）1000的电阻的电流为：I=0/012A0/02A，因为电阻的电流小于电流表的最小分度值，故电流表不能测量；R两端的电压为：12VUx，则通过R的电流为：I=，根据串联电路的电流相等的特点，被测电阻为：Rx=；由P=UI得，由于通过R的电流等于Rx与电压表并联的总电流，计算出电流略大于电阻Rx的电流，根据R=知电阻偏小故答案为：（1）b；（2）移动滑片；灯泡断路；（3）错误；（4）电流值小于电流表的最小分度值；Rx=；小；计算出电流略大于电阻Rx的电流【点评】本题考查了测量电阻过程中的注意事项、故障分析、串联电路电流的特点、电阻的计算、电功率的计算，是一道综合题，有一定的难度四、计算与推导题（第21小题7分，第22小题8分，第23小题8分，共23分；解答和论证要有必要的公式、步骤、解答过程，包括必要的文字说明只有最后答案的不能得分）21假设汽车在水平公路上行驶时所受的阻力f与速度v平方成正比，即f=kv2汽车的输出功率为P且保持不变（1）汽车在行驶过程中牵引力F与其所受阻力f满足什么关系时，汽车速度最大？并简述理由（2）试推导：汽车运动的最大速度为v=【考点】功率计算公式的应用【分析】（1）汽车在平直公路上行驶，当牵引力等于阻力时，速度最大；（2）根据P=Fv和汽车在水平公路上行驶时所受的阻力f与速度的关系，结合二力平衡条件推导【解答】解：（1）由题知，汽车的输出功率P一定，根据P=Fv可得，牵引力和
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